Ихэнх оюутнууд тригонометрийн тэгш бус байдалд дургүй байдаг. Гэхдээ дэмий л. Нэг дүрийн хэлсэнчлэн,
"Та тэднийг хэрхэн хоол хийхээ мэдэхгүй байна"
Тэгэхээр яаж "хоол хийх" вэ, синустай тэгш бус байдлыг юугаар оруулах вэ гэдгийг бид энэ нийтлэлээс олж мэдэх болно. Бид шийднэ энгийн аргаар– нэгж тойрог ашиглан.
Тиймээс, юуны өмнө бидэнд дараах алгоритм хэрэгтэй.
Синустай тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх алгоритм:
- синус тэнхлэг дээр бид $a$ тоог зурж, тойрогтой огтлолцох хүртэл косинусын тэнхлэгтэй параллель шулуун шугамыг зурна;
- энэ шугамын тойрогтой огтлолцох цэгүүд нь тэгш бус байдал хатуу биш бол сүүдэрлэхгүй, хэрэв тэгш бус байдал хатуу байвал сүүдэрлэхгүй;
- Тэгш бус байдлын шийдлийн талбар нь "$>$" тэмдгийг агуулж байвал шулуунаас дээш тойрог хүртэл, тэгш бус байдал нь "$" тэмдгийг агуулж байвал шугамын доор, тойрог хүртэл байрлана.<$”;
- огтлолцох цэгүүдийг олохын тулд $\sin(x)=a$ тригонометрийн тэгшитгэлийг шийдэж, $x=(-1)^(n)\arcsin(a) + \pi n$;
- $n=0$ тохируулснаар бид эхний уулзварын цэгийг олно (энэ нь эхний эсвэл дөрөвдүгээр улиралд байрладаг);
- Хоёрдахь цэгийг олохын тулд бид хоёр дахь уулзварын цэг хүртэлх талбайг аль чиглэлд явахыг харна: хэрэв эерэг чиглэлд байвал $n=1$, харин сөрөг чиглэлд байвал $n=- 1 доллар;
- Үүний хариуд $+ 2\pi n$ жижиг огтлолцлын цэгээс том $+ 2\pi n$ хүртэлх интервалыг бичнэ.
Алгоритмын хязгаарлалт
Чухал: dөгөгдсөн алгоритм Ажиллахгүй байна$\sin(x) > 1 хэлбэрийн тэгш бус байдлын хувьд; \ \sin(x) \geq 1, \ \sin(x)< -1, \ \sin{x} \leq -1$. В строгом случае эти неравенства не имеют решений, а в нестрогом – решение сводится к решению уравнения $\sin{x} = 1$ или $\sin{x} = -1$.
Синустай тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх онцгой тохиолдлууд
Үүнийг анхаарах нь бас чухал юм дараах тохиолдлууд, эдгээр нь дээрх алгоритмыг ашиглахгүйгээр логикоор шийдвэрлэхэд илүү тохиромжтой.
Онцгой тохиолдол 1. Тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх:
$\sin(x)\leq 1.$
$y=\sin(x)$ тригонометрийн функцийн утгын хүрээ $1$ модулиас ихгүй байгаа тул зүүн талтэгш бус байдал аль ч үедТодорхойлолтын домайнаас $x$ (мөн синусын тодорхойлолтын домэйн нь бүх бодит тоо) $1$-аас ихгүй байна. Тиймээс хариултдаа бид бичнэ: $x \in R$.
Үр дагавар:
$\sin(x)\geq -1.$
Онцгой тохиолдол 2.Тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх:
$\sin(x)< 1.$
Тусгай тохиолдол 1-тэй төстэй аргументуудыг ашигласнаар $\sin(x) = 1$ тэгшитгэлийн шийдэл болох цэгүүдээс бусад бүх $x \ R$-д тэгш бус байдлын зүүн тал $1$-аас бага байгааг олж харлаа. Энэ тэгшитгэлийг шийдэхэд бид дараахь зүйлийг авна.
$x = (-1)^(n)\arcsin(1)+ \pi n = (-1)^(n)\frac(\pi)(2) + \pi n.$
Тиймээс хариултдаа бид бичнэ: $x \in R \арын налуу зураас \left\((-1)^(n)\frac(\pi)(2) + \pi n\right\)$.
Үр дагавар:тэгш бус байдлыг ижил аргаар шийддэг
$\sin(x) > -1.$
Алгоритм ашиглан тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх жишээ.
Жишээ 1:Тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх:
$\sin(x) \geq \frac(1)(2).$
- Синусын тэнхлэгт $\frac(1)(2)$ координатыг тэмдэглэе.
- Косинусын тэнхлэгтэй параллель, энэ цэгийг дайран өнгөрөх шулуун шугамыг зуръя.
- Уулзалтын цэгүүдийг тэмдэглэе. Тэгш бус байдал нь хатуу биш учраас тэд сүүдэрлэх болно.
- Тэгш бус байдлын тэмдэг нь $\geq$ бөгөөд энэ нь бид шугамын дээрх хэсгийг будна гэсэн үг, i.e. жижиг хагас тойрог.
- Бид эхний уулзварын цэгийг олдог. Үүнийг хийхийн тулд тэгш бус байдлыг тэгш байдал болгон хувиргаж, үүнийг шийднэ: $\sin(x)=\frac(1)(2) \ \Rightarrow \ x=(-1)^(n)\arcsin(\frac(1) )(2) )+\pi n =(-1)^(n)\frac(\pi)(6) + \pi n$. Бид цааш нь $n=0$-г тохируулаад эхний огтлолцлын цэгийг олно: $x_(1)=\frac(\pi)(6)$.
- Бид хоёр дахь цэгийг олдог. Манай бүс эхний цэгээс эерэг чиглэлд явж байгаа бөгөөд энэ нь бид $n$-г $1$-тэй тэнцүү болгож байгаа гэсэн үг: $x_(2)=(-1)^(1)\frac(\pi)(6) + \pi \cdot 1 = \ pi – \frac(\pi)(6) = \frac(5\pi)(6)$.
Тиймээс шийдэл нь дараах хэлбэртэй болно.
$x \in \left[\frac(\pi)(6) + 2\pi n; \frac(5\pi)(6) + 2 \pi n\баруун], \n \Z.$-д
Жишээ 2:Тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх:
$\sin(x)< -\frac{1}{2}$
Синусын тэнхлэгт $-\frac(1)(2)$ координатыг тэмдэглээд косинусын тэнхлэгтэй параллель, энэ цэгийг дайран өнгөрөх шулуун шугамыг зуръя. Уулзалтын цэгүүдийг тэмдэглэе. Тэгш бус байдал нь хатуу тул тэд сүүдэрлэхгүй. Тэгш бус байдлын тэмдэг $<$, а, значит, закрашиваем область ниже прямой, т.е. меньший полукруг. Неравенство превращаем в равенство и решаем его:
$\sin(x)=-\frac(1)(2)$
$x=(-1)^(n)\arcsin(\left(-\frac(1)(2)\баруун))+ \pi n =(-1)^(n+1)\frac(\pi) )(6) + \pi n$.
Цаашид $n=0$ гэж үзвэл бид эхний огтлолцлын цэгийг олно: $x_(1)=-\frac(\pi)(6)$. Манай талбай эхний цэгээс сөрөг чиглэлд явж байгаа бөгөөд энэ нь бид $n$-ийг $-1$-тэй тэнцүү болгож байгаа гэсэн үг юм: $x_(2)=(-1)^(-1+1)\frac(\pi)( 6) + \pi \cdot (-1) = -\pi + \frac(\pi)(6) = -\frac(5\pi)(6)$.
Тиймээс энэ тэгш бус байдлын шийдэл нь интервал байх болно.
$x \in \left(-\frac(5\pi)(6) + 2\pi n; -\frac(\pi)(6) + 2 \pi n\right), \n \in Z.$
Жишээ 3:Тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх:
$1 – 2\sin(\left(\frac(x)(4)+\frac(\pi)(6)\баруун)) \leq 0.$
Энэ жишээг алгоритм ашиглан шууд шийдвэрлэх боломжгүй. Эхлээд та үүнийг өөрчлөх хэрэгтэй. Бид тэгшитгэлээр хийх зүйлээ яг таг хийдэг, гэхдээ тэмдгийг мартаж болохгүй. Сөрөг тоогоор хуваах эсвэл үржүүлэх нь эсрэгээрээ!
Тиймээс тригонометрийн функц агуулаагүй бүх зүйлийг баруун тийш шилжүүлье. Бид авах:
$- 2\sin(\left(\frac(x)(4)+\frac(\pi)(6)\баруун)) \leq -1.$
Зүүн ба баруун талыг $-2$-оор хуваацгаая (тэмдэгтийн талаар бүү март!). Байх болно:
$\sin(\left(\frac(x)(4)+\frac(\pi)(6)\баруун)) \geq \frac(1)(2).$
Дахиад бид алгоритм ашиглан шийдэж чадахгүй тэгш бус байдалтай байна. Гэхдээ энд хувьсагчийг өөрчлөхөд хангалттай:
$t=\frac(x)(4)+\frac(\pi)(6).$
Бид дараах алгоритмыг ашиглан шийдэж болох тригонометрийн тэгш бус байдлыг олж авдаг.
$\sin(t) \geq \frac(1)(2).$
Энэ тэгш бус байдлыг жишээ 1-д шийдсэн тул эндээс хариултыг зээлж авъя:
$t \in \left[\frac(\pi)(6) + 2\pi n; \frac(5\pi)(6) + 2 \pi n\баруун].$
Гэсэн хэдий ч шийдвэр хараахан дуусаагүй байна. Бид анхны хувьсагч руугаа буцах хэрэгтэй.
$(\frac(x)(4)+\frac(\pi)(6)) \left[\frac(\pi)(6) + 2\pi n; \frac(5\pi)(6) + 2 \pi n\баруун].$
Интервалыг системээр төсөөлье:
$\left\(\begin(массив)(c) \frac(x)(4)+\frac(\pi)(6) \geq \frac(\pi)(6) + 2\pi n, \\ \frac(x)(4)+\frac(\pi)(6) \leq \frac(5\pi)(6) + 2 \pi n \end(массив) \right.$
Системийн зүүн талд интервалд хамаарах илэрхийлэл ($\frac(x)(4)+\frac(\pi)(6)$) байна. Интервалын зүүн хил нь эхний тэгш бус байдлыг хариуцна, баруун хязгаар нь хоёр дахь тэгш бус байдлыг хариуцна. Түүнээс гадна хаалт нь чухал үүрэг гүйцэтгэдэг: хэрэв хаалт нь дөрвөлжин байвал тэгш бус байдал тайвширч, дугуй байвал хатуу байх болно. бидний даалгавар бол зүүн талд $ x $ авах явдал юм тэгш бус байдлын аль алинд нь.
$\frac(\pi)(6)$-г зүүн талаас баруун тийш шилжүүлбэл бид дараахыг авна.
$\left\(\begin(массив)(c) \frac(x)(4) \geq \frac(\pi)(6) + 2\pi n -\frac(\pi)(6), \\ \frac(x)(4) \leq \frac(5\pi)(6) + 2 \pi n – \frac(\pi)(6) \end(массив) \баруун.$.
Хялбаршуулахад бидэнд:
$\left\(\begin(массив)(c) \frac(x)(4) \geq 2\pi n, \\ \frac(x)(4) \leq \frac(2\pi)(3) + 2 \pi n \end(массив) \right.$
Зүүн ба баруун талыг 4 доллараар үржүүлбэл бид дараахь зүйлийг авна.
$\left\(\begin(массив)(c) x \geq 8\pi n, \\ x \leq \frac(8\pi)(3) + 8 \pi n. \end(массив) \баруун. доллар
Системийг интервалд угсарснаар бид дараах хариултыг авна.
$x \in \left[ 8\pi n; \frac(8\pi)(3) + 8 \pi n\баруун], \n \Z.$-д
Тригонометрийн функц агуулсан тэгш бус байдлыг шийдвэрлэхдээ cos(t)>a, sint(t)=a болон ижил төстэй хэлбэрийн хамгийн энгийн тэгш бус байдал руу буулгана. Мөн хамгийн энгийн тэгш бус байдлыг аль хэдийн шийдсэн. Энгийн тригонометрийн тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх аргуудын янз бүрийн жишээг авч үзье.
Жишээ 1. sin(t) > = -1/2 тэгш бус байдлыг шийд.
Нэгж тойрог зур. Тодорхойлолтоор sin(t) нь у координат тул Ой тэнхлэгт y = -1/2 цэгийг тэмдэглэнэ. Үхрийн тэнхлэгтэй параллель түүгээр бид шулуун шугам зурна. Нэгж тойргийн графиктай шулуун шугамын огтлолцол дээр Pt1 ба Pt2 цэгүүдийг тэмдэглэнэ. Бид координатын эхийг Pt1 ба Pt2 цэгүүдтэй хоёр сегментээр холбодог.
Энэ тэгш бус байдлын шийдэл нь эдгээр цэгүүдийн дээр байрлах нэгж тойргийн бүх цэгүүд байх болно. Өөрөөр хэлбэл, шийдэл нь l нум байх болно. Одоо дурын цэг l нуманд хамаарах нөхцөлийг зааж өгөх шаардлагатай.
Pt1 баруун хагас тойрогт оршдог, ординат нь -1/2, дараа нь t1=arcsin(-1/2) = - pi/6. Pt1 цэгийг тодорхойлохын тулд та дараах томъёог бичиж болно.
t2 = pi - arcsin(-1/2) = 7*pi/6. Үүний үр дүнд бид t-ийн хувьд дараахь тэгш бус байдлыг олж авна.
Бид тэгш бус байдлыг хадгалдаг. Мөн синус функц нь үе үе байдаг тул шийдлүүд 2*pi тутамд давтагдана гэсэн үг юм. Бид энэ нөхцлийг t-ийн үр дүнд үүссэн тэгш бус байдалд нэмээд хариултыг бичнэ.
Хариулт: -pi/6+2*pi*n< = t < = 7*pi/6 + 2*pi*n, при любом целом n.
Жишээ 2. cos(t) тэгш бус байдлыг шийд<1/2.
Нэгж тойрог зуръя. Тодорхойлолтын дагуу cos(t) нь x координат тул бид Ox тэнхлэг дээрх график дээр x = 1/2 цэгийг тэмдэглэнэ.
Энэ цэгээр бид Oy тэнхлэгтэй параллель шулуун шугам татна. Нэгж тойргийн графиктай шулуун шугамын огтлолцол дээр Pt1 ба Pt2 цэгүүдийг тэмдэглэнэ. Бид координатын эхийг Pt1 ба Pt2 цэгүүдтэй хоёр сегментээр холбодог.
Шийдлүүд нь l нуманд хамаарах нэгж тойргийн бүх цэгүүд байх болно t1 ба t2 цэгүүдийг олъё.
t1 = arccos(1/2) = pi/3.
t2 = 2*pi - arccos(1/2) = 2*pi-pi/3 = 5*pi/6.
Бид t: pi/3-ийн тэгш бус байдлыг олж авлаа Косинус нь үечилсэн функц тул шийдлүүд 2*pi тутамд давтагдана. Бид энэ нөхцлийг t-ийн үр дүнд үүссэн тэгш бус байдалд нэмээд хариултыг бичнэ. Хариулт: pi/3+2*pi*n Жишээ 3. tg(t) тэгш бус байдлыг шийд< = 1. Шүргэх хугацаа нь pi-тэй тэнцүү байна. (-pi/2;pi/2) зөв хагас тойрогт хамаарах шийдлүүдийг олцгооё. Дараа нь шүргэгчийн үечлэлийг ашиглан бид энэ тэгш бус байдлын бүх шийдлийг бичнэ. Нэгж тойрог зураад түүн дээр шүргэгч шугамыг тэмдэглэе. Хэрэв t нь тэгш бус байдлын шийдэл бол T = tg(t) цэгийн ординат нь 1-ээс бага буюу тэнцүү байх ёстой. Ийм цэгүүдийн олонлог нь AT туяаг бүрдүүлнэ. Энэ цацрагийн цэгүүдэд тохирох Pt цэгүүдийн багц нь l нум юм. Түүнчлэн P(-pi/2) цэг нь энэ нуманд хамаарахгүй. Нэгж тойргийг ашиглан шүргэгчтэй тэгш бус байдлыг шийднэ. Жишээ 1:Тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх: $(\rm tg)(x) \leq 1.$ Тиймээс шийдэл нь дараах хэлбэртэй болно. $x \in \left(-\frac(\pi)(2) + \pi n; \frac(\pi)(4) + \pi n\right], \ n \in Z.$ Чухал!Шүргэгчийн цэг дээр $-\frac(\pi)(2)$ ба $\frac(\pi)(2)$ оноо үргэлж (тэгш бус байдлын тэмдэгээс үл хамааран)ухсан! Жишээ 2:Тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх: $(\rm tg)(x) > – \sqrt(3).$ Бид шүргэгч шулуун дээр $- \sqrt(3)$ цэгийг тэмдэглээд эхээс нь шулуун шугамыг зурна. Энэ шугамын хагас тойрогтой огтлолцох цэг нь тэгш бус байдал нь хатуу тул сүүдэрлэхгүй. Тэгш бус байдлын тэмдэг нь $>$ байх тул талбай нь шулуун шугамаас дээш тойрог хүртэл байрлана. уулзварын цэгийг олъё: $x_(1) = (\rm arctg)(\зүүн(-\sqrt(3)\баруун)) = -\frac(\pi)(3).$ $t \in \left(-\frac(\pi)(3) + \pi n; \frac(\pi)(2) + \pi n\right).$ Анхны хувьсагч руу буцъя: $\left(2x-\frac(\pi)(3)\баруун) \left(-\frac(\pi)(3) + \pi n; \frac(\pi)(2) + \pi n\баруун).$ Сүүлийнх нь тэгш бус байдлын системтэй тэнцүү юм $\left\(\begin(массив)(c) 2x-\frac(\pi)(3) > -\frac(\pi)(3) + \pi n, \\ 2x-\frac(\pi) (3)< \frac{\pi}{2}+\pi n, \end{array} \right.$ Үүнийг шийдсэний дараа бид хариулт авах болно. Үнэхээр, $\left\(\begin(массив)(c) 2x > \pi n, \\ 2x< \frac{5 \pi}{6} + \pi n, \end{array} \right.$ $\left\(\begin(массив)(c) x > \frac(\pi n)(2), \\ x< \frac{5\pi}{12}+\frac{\pi n}{2}. \end{array} \right. $ Эцэст нь бид дараахь зүйлийг олж авна. $x \in \left(\frac(\pi n)(2); \frac(5\pi)(12) + \frac(\pi n)(2)\баруун), \n \in Z.$ Нэгж тойргийг ашиглан тригонометрийн тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх Тригонометрийн функцүүдийн нэг болох --- хэлбэрийн тригонометрийн тэгш бус байдлыг шийдвэрлэхдээ тэгш бус байдлын шийдлийг хамгийн тодорхой илэрхийлж, хариултыг бичихийн тулд тригонометрийн тойргийг ашиглах нь тохиромжтой. Тригонометрийн тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх гол арга бол тэдгээрийг хамгийн энгийн төрлийн тэгш бус байдал болгон багасгах явдал юм. Ийм тэгш бус байдлыг хэрхэн шийдвэрлэх жишээг авч үзье. Жишээ: Тэгш бус байдлыг шийд. Шийдэл. Тригонометрийн тойрог зураад түүн дээр ордны дээд цэгүүдийг тэмдэглэе. Энэ тэгш бус байдлыг шийдвэрлэхийн тулд байх болно. Хэрэв тодорхой тоо нь заасан интервалаас ямар ч тооноос ялгаатай байвал энэ нь бас багагүй байх нь тодорхой байна. Тиймээс та олсон сегментийн төгсгөлд шийдлийг нэмэх хэрэгтэй. Эцэст нь бид анхны тэгш бус байдлын бүх шийдлүүд байх болно гэдгийг олж мэдсэн. Тангенс ба котангенстай тэгш бус байдлыг шийдвэрлэхийн тулд шүргэгч ба котангентын шугамын тухай ойлголт хэрэгтэй. Эдгээр нь тригонометрийн тойрогт шүргэгч шулуун шугамууд ба тус тус (Зураг (1) ба (2)) юм. Хэрэв бид координатын гарал үүсэлтэй туяаг абсцисса тэнхлэгийн эерэг чиглэлтэй өнцөг үүсгэвэл уг туяаг огтлолцох цэгээс сегментийн урттай болохыг харахад хялбар байдаг. шүргэгч шугам нь энэ туяа абсцисса тэнхлэгтэй хийсэн өнцгийн тангенстай яг тэнцүү байна. Котангентын хувьд ижил төстэй ажиглалт явагдана. Жишээ: Тэгш бус байдлыг шийд. Шийдэл. гэж тэмдэглэе, тэгвэл тэгш бус байдал нь хамгийн энгийн хэлбэрийг авна: . Шүргэгчийн хамгийн бага эерэг үетэй (LPP) тэнцүү уртын интервалыг авч үзье. Энэ сегмент дээр шүргэгч шугамыг ашиглан бид үүнийг тогтооно. Одоо NPP функцээс хойш юу нэмэх хэрэгтэйг санацгаая. Тиймээс, . Хувьсагч руу буцаж ирэхэд бид үүнийг олж авна Урвуу тригонометрийн функцтэй тэгш бус байдлыг урвуу тригонометрийн функцуудын график ашиглан шийдвэрлэхэд тохиромжтой. Үүнийг хэрхэн яаж хийхийг жишээгээр харуулъя. Тригонометрийн тэгш бус байдлыг графикаар шийдвэрлэх Хэрэв --- үечилсэн функц, тэгвэл тэгш бус байдлыг шийдэхийн тулд урт нь функцийн үетэй тэнцүү сегмент дээр түүний шийдийг олох шаардлагатай. Анхны тэгш бус байдлын бүх шийдлүүд нь олсон утгуудаас гадна функцийн бүхэл тоогоор олдсоноос ялгаатай бүх утгуудаас бүрдэнэ. Тэгш бус байдлын шийдлийг авч үзье (). Түүнээс хойш тэгш бус байдал ямар ч шийдэлгүй болсон. Хэрэв, тэгвэл тэгш бус байдлын шийдлүүдийн багц --- бөөнбүх бодит тоо. Байцгаая. Синусын функц нь хамгийн бага эерэг үетэй тул тэгш бус байдлыг эхлээд уртын сегмент дээр шийдэж болно, жишээлбэл. Бид функцийн графикийг бүтээдэг ба (). Сегмент дээр синусын функц нэмэгдэж, тэгшитгэл нь нэг үндэстэй байна. Сегмент дээр синусын функц буурч, тэгшитгэл нь үндэстэй болно. Тоон интервал дээр функцийн график нь функцийн график дээр байрлана. Тиймээс интервалаас бүгдэд) тэгш бус байдал нь хэрэв байна. Синусын функцийн үечилсэн байдлаас шалтгаалан тэгш бус байдлын бүх шийдлүүд дараах хэлбэрийн тэгш бус байдлаар өгөгдөнө. Тэгш бус байдал нь a › b хэлбэрийн харилцаа бөгөөд a ба b нь дор хаяж нэг хувьсагч агуулсан илэрхийлэл юм. Тэгш бус байдал нь хатуу - ‹, › ба хатуу бус - ≥, ≤ байж болно. Тригонометрийн тэгш бус байдал нь F(x) › a, F(x) ‹ a, F(x) ≤ a, F(x) ≥ a хэлбэрийн илэрхийлэл бөгөөд F(x) нь нэг буюу хэд хэдэн тригонометрийн функцээр илэрхийлэгдэнэ. . Хамгийн энгийн тригонометрийн тэгш бус байдлын жишээ бол: sin x ‹ 1/2. Ийм асуудлыг графикаар шийдвэрлэх нь заншилтай бөгөөд үүнд зориулж хоёр аргыг боловсруулсан болно. sin x ‹ 1/2 тэгш бус байдлын нөхцлийг хангах интервалыг олохын тулд та дараах алхмуудыг хийх ёстой. Илэрхийлэлд хатуу тэмдгүүд байгаа бол огтлолцох цэгүүд нь шийдэл биш юм. Синусоидын хамгийн бага эерэг үе нь 2π тул хариултыг дараах байдлаар бичнэ. Хэрэв илэрхийллийн шинж тэмдгүүд нь хатуу биш бол уусмалын интервалыг дөрвөлжин хаалтанд оруулах ёстой - . Асуудлын хариултыг мөн дараах тэгш бус байдлаар бичиж болно. Үүнтэй төстэй асуудлыг тригонометрийн тойрог ашиглан хялбархан шийдэж болно. Хариултыг олох алгоритм нь маш энгийн: Син x › 1/2 тэгш бус байдлын жишээн дээр шийдлийн үе шатуудад дүн шинжилгээ хийцгээе. α ба β цэгүүдийг тойрог дээр тэмдэглэсэн - утгууд α ба β-ээс дээш байрлах нумын цэгүүд нь өгөгдсөн тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх интервал юм. Хэрэв та cos-ийн жишээг шийдэх шаардлагатай бол хариултын нум нь OY биш харин OX тэнхлэгт тэгш хэмтэй байрлана. Та текстийн доорх диаграммд нүгэл ба cos-ийн шийдлийн интервалуудын ялгааг авч үзэж болно. Тангенс ба котангентын тэгш бус байдлын график шийдэл нь синус ба косинусын аль алинаас нь ялгаатай байх болно. Энэ нь функцүүдийн шинж чанартай холбоотой юм. Арктангенс ба арккотангенс нь тригонометрийн тойрогтой шүргэгч бөгөөд хоёр функцийн хамгийн бага эерэг үе нь π байна. Хоёрдахь аргыг хурдан бөгөөд зөв ашиглахын тулд нүгэл, cos, tg, ctg утгуудыг аль тэнхлэгт зурсан болохыг санах хэрэгтэй. Шүргэх шүргэгч нь OY тэнхлэгтэй параллель гүйдэг. Хэрэв бид арктан а-ийн утгыг нэгж тойрог дээр зурвал хоёр дахь шаардлагатай цэг нь диагональ хэсэгт байрлана. Өнцөг График тэдгээрт чиглэдэг боловч хэзээ ч хүрч чаддаггүй тул тэдгээр нь функцийн таслах цэгүүд юм. Котангентын хувьд шүргэгч нь OX тэнхлэгтэй параллель гүйдэг ба функц нь π ба 2π цэгүүдэд тасалддаг. Хэрэв тэгш бус байдлын функцийн аргументыг зөвхөн хувьсагчаар бус харин үл мэдэгдэхийг агуулсан бүхэл илэрхийллээр төлөөлдөг бол бид аль хэдийн ярьж байна. нарийн төвөгтэй тэгш бус байдал. Үүнийг шийдвэрлэх үйл явц, журам нь дээр дурдсан аргуудаас арай өөр юм. Дараах тэгш бус байдлын шийдлийг олох хэрэгтэй гэж бодъё. График шийдэл нь дур мэдэн сонгосон x утгуудыг ашиглан ердийн y = sin x синусоид байгуулах явдал юм. Графикийн хяналтын цэгүүдийн координат бүхий хүснэгтийг тооцоолъё. Үр дүн нь үзэсгэлэнтэй муруй байх ёстой. Шийдвэр олоход хялбар болгохын тулд нарийн төвөгтэй функцийн аргументыг орлъёТангенстай тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх алгоритм:
Алгоритм ашиглан тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх жишээ.
Арга 1 - Функцийн графикаар тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх
Арга 2 - Нэгж тойргийг ашиглан тригонометрийн тэгш бус байдлыг шийдвэрлэх
Нарийн төвөгтэй тригонометрийн тэгш бус байдал
